✔ SQL-Werte von Tabelle A zu Tabelle B kopieren

[julia29]

Hallo,
ich möchte Feldinhalte von Tabelle A zu Tabelle B kopieren. Tabelle B hat natürlich die gleiche Struktur wie Tabelle A.

Habe mal folgenden Ansatz versucht:

error_reporting(E_ALL);
$DatabaseHost = "localhost";  
$DatabaseUser = "xxx";  
$DatabasePassword = "xxx";  
$Database = "xxx";  
$table = "tab1";

$dbverbindung = mysql_connect ($DatabaseHost, $DatabaseUser, $DatabasePassword); 

//Abfrage in Quell-Tabelle 
$abfrage = mysql_query("SELECT * 
FROM tab1 
WHERE feld7 = '2'
"); 

//Für Ziel-Tabelle
while($row = mysql_fetch_object($abfrage)) 
{ 
$insert = mysql_query("INSERT INTO tab2 SET 
feld1='$row->feld1', 
feld2='$row->feld2',
feld3='$row->feld3', 
feld4='$row->feld4',
feld5='$row->feld5', 
feld6='$row->feld6',
feld7='$row->feld7' ") or die (mysql_error()); 
} 
?>

Anschließend wird jedoch folgende Warnung ausgegeben:

Warning: mysql_fetch_object(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in /var/www/xxxx/html/kopieren.php on line 19

Was muss ich wie ändern?
mfg Julia

 

[benjava]

Wieso machst du das überhaupt so umständlich? Wesentlich einfacher und effizienter:

INSERT INTO tab2
  SELECT * FROM tab1
    WHERE feld7 = '2'

 

[splasch]

Ist es da nicht einfacher einfach einen trigger zu verwenden ?

Auserdem sehe ich wenig sin darin sowas über php zu lösen.
Bzw. stellt sich die Frage warum du überhaupt einen Tabellen inhalt kopieren möchtest.

Mfg Splasch

 

[julia29]

Ist es da nicht einfacher einfach einen trigger zu verwenden ?

Auserdem sehe ich wenig sin darin sowas über php zu lösen.
Bzw. stellt sich die Frage warum du überhaupt einen Tabellen inhalt kopieren möchtest.

Mfg Splasch

Tabelle A ist nur für eine Vorprüfung, erst wenn alles korrekt eingestellt ist soll es zur Tabelle B kopiert werden und dann in Tabelle A löschen.
Zur Tabelle A haben bestimmte Personen Zugang, aber nicht zur Tabelle B.
Es ist einfach sauberer, wenn die geprüften Daten in einer 2. Tabelle liegen.
Hatte auch schon an csv-export - csv-import gedacht, ist aber noch umständlicher.
Mit Trigger kenn ich mich nicht aus.
mfg
Julia

 

[julia29]

Wieso machst du das überhaupt so umständlich? Wesentlich einfacher und effizienter:

INSERT INTO tab2
  SELECT * FROM tab1
    WHERE feld7 = '2'

Hallo benjava,
stimmt sieht erheblich effizienter aus, aber die Warnung bleibt.

$dbverbindung = mysql_connect ($DatabaseHost, $DatabaseUser, $DatabasePassword); 

while($row = mysql_fetch_object($insert)) 
{ 
$insert = mysql_query("INSERT INTO tab2 SELECT * FROM tab1 WHERE feld7 = '2'") or die (mysql_error()); 
} 

?>

 

[ZodiacXP]

Weil die Variable $insert vor der While nicht existiert.
Beim ersten mal greift mysql_fetch_object also ins leere.
Unkompliziert nur mit mysql_query oder besser mysql_unbuffered_query ausführen.
Mehr nicht.

 

[benjava]

while($row = mysql_fetch_object($insert)) 
{ 
$insert = mysql_query("INSERT INTO tab2 SELECT * FROM tab1 WHERE feld7 = '2'") or die (mysql_error()); 
} 

?>

Du brauchst hier keine Schleife. Einfach das eine Statement ausführen, fertig.

 

[julia29]

Du brauchst hier keine Schleife. Einfach das eine Statement ausführen, fertig.

Dann kommt ein "No database selected"

Habe es gefunden, mein "or die (mysql_error()); " war der Verursacher.
Nun habe ich nur noch das Problem, das keine Datensätze kopiert werden.

 

[benjava]

Dann kommt ein "No database selected"

Na ja, die Verbindung zur Datenbank musst du natürlich vorher schon aufbauen...

 

[julia29]

ist ja nun wirklich überschaubar, auch die Verbindung zur Datenbank war natürlich da, nur es geht noch nicht.

Hier nochmals meine paar Zeilen:

<?PHP 		//Daten von Tabelle A in Tabelle B
error_reporting(E_ALL);
$DatabaseHost = "localhost";  
$DatabaseUser = "xxx";  
$DatabasePassword = "xxx";  
$Database = "xxx";  
$table = "tab1";

$dbverbindung = mysql_connect ($DatabaseHost, $DatabaseUser, $DatabasePassword); 

@mysql_query("INSERT INTO tab2 SELECT * FROM tab1");

?>

Danach sollten nun alle Datensätze von tab1 zu tab2 wandern, aber es tut sich noch nichts.